高三2025新高考单科模拟综合卷(二)2物理(湖北)答案，目前2024届百校联盟答案网已经汇总了高三2025新高考单科模拟综合卷(二)2物理(湖北)答案的各科答案和试卷，获取更多{{papers_name}}答案解析，请在关注本站。

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程中，有mgR1十c0s0)=号mo2,在P点，有N-mg0s0-【解析】(1)由于通过光电门的时间极短，可认为均速度等于dn联立可得N=名g,ms0-所以6=60，C正确，Dv2瞬时速度，则有vB一△°(2)滑块和钩码组成的系统满足机械能守恒，可知钩码减少的错误。6.AC【解析】运动员受力衡时，速度最大，由图像可知，下落重力势能转化为系统的动能，则有mgs=乞(m十M),可得高度为l5m时速度最大，此时受力衡F=mg,F=k△x,v2=2mg=2mg2m十M=m+4m3=585。△x=x,-x1=(15-10)m=5m,解得k=mg=600△x5N/m=(3)如果不考虑误差，认为系统的机械能守恒，可知2一5图像120N/m,A正确；运动员下落过程先加速后减速，所以下落过20.75程是先失重后超重，B错误；运动员在最低点时，速度为零，弹的斜率及=与g=0.2m/s2,解得g≈9.4m/s2。力最大，此时由牛顿第二定律可得F'一mg=ma,F'=k△xm,(4)设滑块与钩码组成的系统在运动过程中受到阻力的大小△xm=x3-x1=(25-10)m=15m,联立解得a=20m/s2,C为f,根据动能定理可得mgs一f=2(m十M)u,可得v2=正确；速度最大时重力和弹力衡，此时弹性绳伸长量△x=2(mg-f)2(mg-f)5m,根据机械能守恒可得其弹性势能E,=mgx:一2mw=(m+M)s=5m,可知v2一s图像的斜率k=2(mg-f)_0.751500J,D错误。5m=Q.2m/s,代入g=10m/g2,可得滑块与钩码组成7.BC【解析】滑块上升过程中重力势能增加，根据能量守恒，动能与电势能之和减少，A错误：由图知，上滑过程中，机械能减的系统在运动过程中受到的阻力与钩码重力大小之比」=mg 16少，则电场力对木块做负功，物块的机械能减少了△E=4E。一10.(1)√10gR(2)5mg,方向竖直向下(3)同意，见解析3E。=E。,动能减少△Ek=4E。,所以木块的重力势能增加了【解析】(1)小球从A点到B点，由机械能守恒mg·5R=△E。=4E。一E。=3E。,D错误；由图乙可知木块上滑的距离为12 mva。,则有Fz。=E,滑块受到的电场力大小为F=E,C正确，解得vB=√/I0gR木块上滑过程中，重力做负功，木块的重力势能增加，则有(2)小球从A点到C点，由机械能守恒mg(5R-2R)=5E0,Bmgsin37·x,=3E,则木块的重力大小为mg=2mv呢正确。v8.BCD【解析】设BC的长度为L,根据胡克定律，有0.5mg=在C点，根据牛顿第二定律F+mg=m解得F=5mg,方向竖直向下L,BD与竖直方向的夹角为。时，伸长量为。，弹力F(3)同意。由机授能守恒mg·2R十号m=之mwi花沉。，水方向F,FN=Fsin a=kL=0.5mg,可知小从C点运动到D点的过程中，弹性绳弹力增大，其水分力保根据牛顿第二定律Fe十mg=m发，F。一mg=mR持不变，A错误；小球从C点运动到D点的过程中克服摩擦力解得轨道B和C两点对小球压力大小之差FB一Fc=6mg做功为W:=Fh=FN·h=0.25mgh,当运动到D时，绳子故轨道B和C两点对小球压力大小之差为定值伸长最长，弹性势能最大，根据能量守恒△E赚=一△Ep重一11.(1)40N15N(2)10.2s163JW:=0.75mgh,因为最初绳子也具有弹性势能，所以，绳子最【解析】(1)货物放上传送带后，由剖面图对货物受力分析可大的弹性势能大于0.75mgh,B正确；对球从C到D过程，根得，传送带对货物支持力为N1,货物底面所受滑动摩擦力为据动能定理，有mgh一Fh-W弹=0，解得W弹=0.75mgh,若f1,挡板对货物支持力为N2,货物侧面所受滑动摩擦力为在D点给小球一个向上的速度，小球恰好回到C点，根据动f2,由力的衡条件有N1=mg cos0,N2=mg sin0能定理，有W,-m8h-Fh=0-号m心，解得U=V威，C正由滑动摩擦力计算式有f1=1N1,f2=2N2代入数据可得f1=40N,f2=15N确；若仅把小球的质量变成2，小球从C到D过程，根据动能(2)因为f1与运动方向相同，f2与运动方向相反，货物将由定理，有2mgh-Fh-w。=方·2moi,解得n=√，静止开始沿传送带做匀加速直线运动，若能与传送带共速，D正确。则此后做匀速运动，由牛顿第二定律可得f1一f2=ma1解得a1=2.5m/s9.是号sa4④2设货物匀加速至与传送带共速所用时间为1，对地位移为21